一位转动惯量为J的花样滑冰运动员以角速度自转，当其收回手臂使转动惯量减为J /3，则运动员的转动动能变为原来的（）倍。A．2B．3C．4D．5
一位转动惯量为J的花样滑冰运动员以角速度自转，当其收回手臂使转动惯量减为J /3，则运动员的转动动能变为原来的（）倍。
A．2
B．3
C．4
D．5
参考答案和解析
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相关考题：
花样滑冰者,开始自转时,手臂直身,其动能为E0=Jw0^2／2,然后将手臂收回,转动惯量减少到原来的1／3,此时的角速度变为w,动能变为E,则有关系() A、w=3w0，E=E0B、w=w0/3，E=3E0C、w=w0/3，E=E0D、w=3w0，E=3E0
有一半径为R的匀质水平圆转台,绕通过其中心且垂直圆台的轴转动,转动惯量为J,开始时有一质量为m的人站在转台中心,转台以匀角速度w0转动,随后人沿着半径向外跑去,当人到达转台边缘时,转台的角速度为() A、w0B、Jw0/mR^2C、Jw0/(J+mR^2)D、Jw0/(J+2mR^2)
如图所示圆环以角速度ω绕铅直轴AC自由转动，圆环的半径为R，对转轴的转动惯量为I；在圆环中的A点放一质量为m的小球，设由于微小的干扰，小球离开A点。忽略一切摩擦，则当小球达到B点时，圆环的角速度是（ ）。
已知HBr的转动惯量为2.45×10-45kg·m2，h=6.626×10-34J·s，k=1.38×10-23J·K-1，在T =300K时，转动配分函数是（）A、912.34B、912.34J·分子-1C、1824D、1824.68J·分子-1E、18.2468
一转动惯量为J的圆盘绕一固定轴转动，起初角速度为W0。设它所受阻力矩与转动角速度成正比，即M=-KW（k为正的常数），则圆盘的角速度为W0/2时其角加速度a=（），圆盘的角速度从W0变为W0/2时所需的时间为（）。
1mol双原子分子气体，当温度由T1升至T2时，假定转动惯量不变，T2=2T1， 系统的转动熵变为（）A、5.763J·K-1·mol-1；B、11.526J·K-1·mol-1；C、RlnT1；D、Rln（I·T1/σ）；E、2.882J·K-1·mol-1
已知HI的转动惯量为 7.43×10-45kg·m2,h=6.626×10-34J·s,k=1.38×10-23J·K-1,则其转动特征温度是（）A、0.0542KB、18.45KC、0.0113KD、88.54KE、0.0257K
某滑冰运动员转动的角速度原为W0，转动惯量为J0，当他收拢双臂后，转动惯量减少1/4，这时他转动的角速度变为WW0；他若不收拢双臂，而被另一滑冰运动员施加作用，使他转动的角速度变为√2W0，则另一滑冰运动员对他施加力矩所做的功（）。
花样滑冰运动员通过自身竖直轴转动，开始时两臂张开，转动惯量为J0，角速度为W0；然后将手臂合拢使其转动惯量为2/3J0，则转动角速度变为（）。A、2/3W0B、2/√3W0C、3/2W0D、√3/2W0
单选题运动中如果人体所受的合外力矩为零，那么，身体相对某一轴转动时，（）A转动惯量越大，其转动速度越快B其转动惯量越大，其转动速度越慢C转动惯量保持不变，因而转动速度增大D转动惯量与转动速度成正比
单选题关于刚体的转动惯量有下列说法，正确的是（）。 ①转动惯量与转速无关； ②转动惯量与刚体的质量及分布无关； ③转动惯量与转轴的位置有关； ④转动惯量与转动的角速度无关。A①②③B②③④C①③④D①②④
单选题已知刚体质心C到相互平行的 1、 2轴的距离分别为a，b，刚体的质量为m，对 2。轴的转动惯量为J2，则对 1轴的转动惯量J1的计算公式（）。A J1＝J2+m（a+B.2B J1＝J2+m（a2-b2）C J1＝J2-m（a2-b2）D J1＝J2
判断题刚体的转动惯量J的大小与转轴位置和刚体的质量分布都有关系。A对B错